2019-2020学年江苏省如皋中学、徐州一中、宿迁中学三校联考高三(上)月考物理试卷 下载本文

B、查德威克通过实验发现了中子,故B正确; C、德布罗意认为一切物体都有波粒二象性,故C正确;

D、光照射到某种金属上不能发生光电效应,是因为光的频率小于极限频率,故D错误; 本题选不正确的,故选:AD。

13.【解答】解:根据电荷数守恒、质量数守恒知,yX的总电荷数为0,总质量数为3,知X为中子,y为3。 故答案为:中子,3

14.【解答】解:①设碰撞前瞬间A球速度为v0,碰撞后两球的共同速度为v,取碰撞前A球的速度方向为正,根据动量守恒定律有

mAv0=(mA+mB)v 解得 v=1m/s

②碰撞过程中损失的机械能△E=解得△E=3J 答:

①原来静止小球获得的速度大小是1m/s; ②碰撞过程中损失的机械能是3J。

一、【选做题】本题包括A、B两小题,请选定其中一小题,并在相应区域内作答,若全做,则按A小题评分。A.[选修3-3](12分)

15.【解答】解:A、布朗运动不是液体分子的运动,也不是固体小颗粒分子的运动,而是小颗粒的运动,故A错误。

B、液体的表面张力具有收缩趋势,使得液态金属在完全失重条件下呈球状,故B正确。 C、当分子力表现为引力时,分子间距离增大,分子力先增大后减小,故C错误。 D、一定质量气体在等容变化中压强增大,根据理想气体状态方程

=C,温度会升高,气体分子运动激烈程

mAv0﹣

2

(mA+mB)v。

2

度增大;又因为体积不变,气体密集程度不变,所以单位时间内分子对器壁单位面积上撞击次数增多,故D正确。 故选:BD。

16.【解答】解:氮气的质量:m=ρV,

氮气物质的量:n=,

; =d, ;

3

容器中氮气分子总个数:N=nNA=每个氮气分子占据空间:v=氮气分子间的平均距离:d=

故答案为:;。

17.【解答】解:①气体从状态A变化到状态B是等压变化 有

,代入得:VB=1.2×10 m

﹣3

3

②从状态A到状态B等压变化,整个过程对外做功为 W=p△V=1×10×0.2×10J=20 J

根据热力学第一定律:△U=Q+W,代入数据得:Q=30J 故气体从外界吸收了30J热量。

答:①该气体在状态B时的体积为1.2×10 m;

②该气体从状态A到状态B的过程中,气体与外界传递的热量为30J。 B.[选修341(12分)

18.【解答】解:A、单缝衍射中,缝越宽,条纹越亮,衍射现象越不明显,故A错误; B、光纤通信,医用纤维式内窥镜都利用了光的全反射原理,故B正确; C、波在一个周期内向前传播的距离等于波长,并质点不会随波迁移,故C错误;

D、根据狭义相对论的钟慢效应可知,在地面上的观测者看来,接近光速飞行的飞船中时钟会变慢,故D正确。 故选:BD。

19.【解答】解:t=0时刻A向上振动,根据“同侧法”可知,该波向左传播; 根据甲图可知波长λ=4m,根据乙图可知周期T=0.5s,则波速v=故答案为:向左;8。

20.【解答】解:①光路图如图所示.由几何知识得: sinr=

=0.8

﹣3

5﹣3

3

sini==

=0.6

所以水的折射率为 n=②由于n=

得光在水油中的速度为:

8

v==m/s=2.25×10m/s.

答:①水的折射率n是;

8

②光在水中的传播速度v是2.25×10m/s.

四、计算题:本题共3小题,共47分.解答时请写必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤,只写出最后答案的不能得分,有数值计算的题,答案中必须明确写出数值和单位. 21.【解答】解:(1)根据法拉第电磁感应定律, 0~1s内,框架产生感应电动势的大小为 E=开关断开时,回路的总电阻R=2Ω 导体棒上的电流I1=

=0.5A 方向由N指向M

=L

2

=1V

(2)闭合开关后,电路的总电阻R′总=1.5Ω 导体棒产生的电动势E=BLv0=1V 通过导体棒的电流为I2=则,通过ac边上的电流I ac=

,方向由c指向a,

=0.67N

2

导体棒受到的安培力大小F=BI2L=

(3)0~1s内,ac边上产生的热量Q1=I1Rt1=0.25J 1~2s内,ac边上产生的执量Q2=IacRt2=

2

则0~2s内ac边上产生的总热量Q=Q1+Q2=0.36J

答:1)当开关S断开时,0~1s内导体棒上的电流方向是由N指向M,大小为0.5A;

(2)1s时闭合开关,同时导体棒以v0=1m/s的初速度水平向左运动,此时ac边上的电流方向是由c指向a,导体棒受到的安培力大小为0.67N;

(3)0~2s内,ac边上产生的热量为0.36J。

22.【解答】解:(1)对物体水平方向受到向右的滑动摩擦力,根据牛顿第二定律有:μ1 mg=ma1, 解得:

对木板,受拉力和地面与物体给它的摩擦力作用,牛顿第二定律得: F﹣μ1 mg﹣μ2(M+m)g=Ma2, 解得:a2=5m/s;

(2)刚撤去F时,小物块运动的位移: x1=

a1t=1m,

2

2

长木板运动的位移: x2=

a2t=2.5m,

2

则小物块离长木板右端

△x1=x2﹣x1=2.5m﹣1m=1.5m。 (3)刚撤F时,物体的速度: v1=a1t=2m/s, 长木板的速度: v2=a2t=5m/s,

撤F后,长木板的加速度: a′=

=﹣2.5m/s,

2

最终长木板与小物块速度:v=v1+a1t′=v2﹣a′t′, 代入数据可解得:v=

m/s。

在t′时间内,小物块相对于长木板运动的位移:

△x2=

所以小物块相对于长木板运动的总位移:

△x=△x1+△x2=2.5m。

答:(1)在F的作用下,长木板的加速度为5m/s; (2)刚撤去F时,小物块离长木板右端1.5m; (3)最终小物块离长木板右端2.5m。

23.【解答】解:(1)粒子从上极板边缘C点离开极板时的速度最大,此时竖直方向的速度为vy,则有: 水平方向:l=v0t。 竖直方向:解得:vy=v0, 则速度的最大值为:v=

v0;

2

(2)为了使带电粒子离开电场时速度最小,竖直方向的速度为零,即粒子在电场中运动的时间为周期的整数倍; 则:

=nT,解得:T=

,(n=0、1、2、3…)

竖直方向根据位移时间关系可得:其中t′=

联立解得所加电压为:U0=(3)离开的最大速度为:v=

v0

,(n=0、1、2、3…)

分析与水平方向的夹角为45°,根据几何关系可得在磁场中运动半径为:R=根据洛伦兹力提供向心力可得:qvB=m解得:B=

v0;

l

答:(1)为了使带电粒子离开电场时速度最大,速度的最大值为

(2)为了使带电粒子离开电场时速度最小,交变电压周期为 (n=0、1、2、3…),所加电压为 (n

=0、1、2、3…);

(3)磁场的磁感应强度大小为