(3份试卷汇总)2019-2020学年天津市宁河县中考物理三模考试卷

地面对货箱的滑动摩擦力为货箱重力的0.2倍,所以:f?0.2G?0.2?600N?120N, 由公W?Fs可知,货箱克服摩擦力做功:W?Fs?120N?6m?720J

(4)由于货箱做匀速直线运动,所以它受到的拉力等于摩擦力,故绳拉动货箱做的功等于货箱克服摩擦力做的功,即W有?720J;

绳子移动的距离:?绳??绳t?60s?0.1m/s?18m 所以总功:W?Fs?50N?18m?900J, 所以此滑轮组的机械功率:??W有W总?100%?720J?100%?80% 900J23.钟明最近新购一辆摩托车,一次加了8L汽油该车以10m/s的速度匀速行驶时,牵引力为1000N,发动机的效率为30%,求:

(1)这些汽油完全燃烧要放出多少热量?

(2)当摩托车以10m/s的速度匀速行驶时的功率是多大?

(3)若8L汽油完全燃烧,摩托车可行驶多少米?(ρ汽油=0.7kg/L,q汽油=4.6×10J/kg) 解析:(1)2.576×10J;(2)1×10W;(3)7.728×10m. 【解析】 【详解】 (1)由ρ=

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m得,汽油的质量为m=ρV=0.7kg/L×8L=5.6kg;则汽油完全燃烧放出的热量为Q放=V7

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mq=5.6kg×4.6×10J/kg=2.576×10J.

(2)摩托车的功率为P=Fv=1000N×10m/s=1×104W. (3)因发动机的效率为30%,根据η=

W有Q放得,摩托车所做的有用功为W有=Q放η=2.576×108J×30%

7.728?107J4

=7.728×10J;根据W有=Fs可知,通过的距离s===7.728×10m.

F1000N7

W有24.图甲是小明家电热水壶内部的简化电路图,其中R 为加热管,R 为限流电阻,只有加热管放出的热量能被水吸收。S1是温控开关(也叫防干烧开关),S、S2是手动开关,调节S、S2可以使电热水壶分别处于加热和保温状态,下表是该电热水壶的铭牌。

(1)加热水壶处于加热状态时,手动开关S、S2应处于什么状态?正常工作时,通过加热管R1的电流为多

少?_________

(2)电热水壶正常工作,在1标准大气压下,将一满壶初温为20℃的水烧开,水需要吸收多少热量?______[c水=4.2×10J/(kg?℃)]

(3)水烧开后,让电热水壶处于保温状态,若R2=165Ω,则电热水壶的保温功率为多少?______ (4)小明发现在晚上用电高峰时烧开一壶水比白天用时长,晚上他进行了测量,关掉家里其他电器,仅电热水壶工作,他观察到家里电能表(如图乙)1min转盘转了40转,则晚上烧水时电热水壶的实际功率为多少?________

解析: 4A 5.04×105J 55W 800W

【解析】(1)由电路图可知,当S1、S、S2都闭合时,R2短路,电路只有R1工作;当开S、S1闭合、S2断开时,两电阻串联;根据串联电阻的规律,根据P=

,当电路只有R1工作时功率大,为加热状态,即

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手动开关S、S2都闭合时,电热水壶处于加热状态;根据表中数据可知,电热水壶的额定功率为880W,由P=UI,正常工作时,通过加热管R1的电流为:I=

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=4A;(2)由表中数据知,一满壶水的

﹣33

体积为1.5L,根据ρ=,其质量为:m=ρV=1.0×10kg/m×1.5×10m=1.5kg,在1标准大气压下,将一满壶初温为20℃的水烧开,水升温100℃﹣20℃=80℃.水需要吸收多少热量:Q=c水m△t=4.2×10J/(kg?℃)×1.5kg×80℃=5.04×10J;(3)由欧姆定律I=,根据(1)知,加热管电阻:R1=

=55Ω,当开S1、S3闭合、S2断开时,两电阻串联,电路处于保温状态,根据电阻的串

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联,此时 电路的电阻:R串联=R2+R1=165Ω+55Ω=220Ω,由欧姆定律,此时电路中的电流:I′=

=1A,则电热水壶的保温功率,即R1的功率:P保=I′R1=(1A)×55Ω=55W;(4)如图乙

电能表上标有3000r/kW?h,表示电能表转盘每转3000圈消耗1度电,则转40转消耗的电能为:W=×40kW?h=×3.6×10J=4.8×10J,1min转盘转了40转,晚上烧水时电热水壶的实际功率为:P实=

=800W。

点睛:(1)根据P=

结合串联电路电阻的规律分析;先根据表中读出额定加热功率,根据P=UI求正

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常工作时加热管R1的电流;(2)由表中数据知一满壶水的体积,根据m=ρV求其质量;由在1标准大气压下的沸点为100℃求出水升高的温度,根据Q=c水m△t求水需要吸收多少热量;(3)根据电路的连接,由电阻的串联和欧姆定律求电路中的电流,根据P=I2R求保温功率;(4)根据如图乙电能表上标有3000r/kW?h参数含义求转40转消耗的电能,根据P实=求电热水壶的实际功率。 五、实验题

25.在探究“光反射时的规律”实验中,如图甲小华在纸板上用笔描出入射光EO和反射光OF的径迹,接着她把纸板NOF向前折或向后折(如图乙),在纸板上_______(选填“能”或“不能”)看到反射光,由此得出______________的结论。在图甲所示的实验中如果让光沿FO方向射到镜面,会发现反射光沿OE方向射出,这表明在反射现象中,______________。

解析: 反射光线与入射光线和法线在同一平面上 光路是可逆的 略

【解析】实验中,把纸板NOF向前折或向后折,在纸板上不能看到反射光,说明反射光已经不在纸板上了,而此时左右2个纸板也不在同一个平面了,由此说明:反射光线、入射光线和法线在同一平面内;一次实验具有很大的偶然性,为了得到反射角与入射角大小关系的普遍规律,应当改变入射角的大小进行多次实验;在图甲所示的实验中,如果让光沿FO方向射到镜面,会发现反射光沿OE方向射出,这表明在反射现象中,光路是可逆的。

26.小航和小组的同学完成了下面的实验:

(1)如图甲所示:

(a)在探究“电流与电压关系”的实验中,滑动变阻器除保护电路外,还有______的作用.

(b)在探究“电流和电阻的关系”的实验中,定值电阻R1由5Ω换成10Ω时,接下来滑动变阻器的滑片应向________(选填“左”或“右”)调节;若电源电压为6V,R1的可选最大电阻为20Ω,为保证电阻R1两端的电压为2V,那么滑动变阻器R2阻值应不小于______Ω.

(2)他做完实验后,把定值电阻换成小灯泡,又完成了“测量额定电压是2.5V小灯泡电功率”的实验,如图乙所示,他要连接电路时,发现电流表的指针偏向左侧无刻度处,原因可能是___________.解除故障后,正确连接电路,闭合开关,他发现小灯泡过亮,为了完成实验,接下来他的操作是,立即断开开关,把___________;再闭合开关,改变滑动变阻器的阻值,记下各组对应的电压表和电流表的示数,并绘制了如图丙所示图像,根据图像可知小灯泡的额定电流是______;额定功率是____W;灯丝的电阻是_______的(填“变化”或“不变”).

解析:改变定值电阻两端电压 右 40 电流表没有调零 滑动变阻器阻值调到最大值 0.25A 0.625 变化 【解析】 【详解】

(1)(a)滑动变阻器除保护电路外,还有改变定值电阻两端电压的作用,由于在测电阻时不能只有一组数值就确定电阻的值,需要多测几组数据,最后求平均值来减小误差,所以要靠滑动变阻器来实现; (b)当定值电阻由小变大时,电压表的示数将变大,接下来滑动变阻器的滑片应向右,调节到电压表示数与原来相等为止;当R1选最大电阻20Ω时,电压为2V,电流为0.01A,此时变阻器分压为6V-2V=4V,所以滑动变阻器R2阻值应不小于4V/0.01A=40Ω;

(2)电流表的指针偏向左侧无刻度处,是因为忘记了调零;闭合开关,他发现小灯泡过亮,是因为电路

中的电阻太小了,滑动变阻器的滑片没有在最大值位置,所以应立即断开开关,把滑动变阻器阻值调到最大值;由图丙可知小灯泡的额定电流是0.25A,额定功率是:P=UI=2.5V×0.25A=0.625W,由图示可以看出图像不是一条直线,说明灯丝的电阻是变化. 六、综合题

27.有两个电加热器的电阻分别为R1和R2,现将它们并联起来接在一个电压不变的电源上,它们的功率分别为P1和P2,如果将它们串联起来仍接在该电源上。 (1)请你推导电路此时消耗的总功率:

(2)当一个电加热器消耗的功率是800W,另一个电加热器消耗的功率是1200W时,整个电路消耗的功率是多少?

解析:(1)见解析(2)480W 【解析】 【详解】

(1)证明:两电阻并联时,因并联电路支路的电压相等,由可得:,;当两电阻

串联时,根据电阻的串联,总电阻:﹣﹣﹣①;此时电路的总功率:﹣﹣﹣

②,将 ①代入②得:﹣﹣﹣③,③式两边同时取倒数,化简可得:﹣﹣﹣③;

(2)当一个电加热器消耗的功率是800W,另一个电加热器消耗的功率是1200W时,将已知量代入

得整个电路消耗的功率:

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